玉溪一中,昆明三中2014高三第一次联考(11月)数学试题试卷(理科(2)
19.(本小题满分12分)
(1)∵AD // BC,BC=AD,Q为AD的中点,
∴四边形BCDQ为平行四边形,∴CD // BQ .
∵∠ADC=90° ∴∠AQB=90° 即QB⊥AD.
又∵平面PAD⊥平面ABCD 且平面PAD∩平面ABCD=AD,
∴BQ⊥平面PAD.
∵BQ平面PQB,∴平面PQB⊥平面PAD. ……………………5分
(2)∵PA=PD,Q为AD的中点, ∴PQ⊥AD.
∵平面PAD⊥平面ABCD,且平面PAD∩平面ABCD=AD,
∴PQ⊥平面ABCD.
如图,以Q为原点建立空间直角坐标系.
则平面BQC的法向量为
∴ 平面MBQ法向量为. …………10分
∵二面角M-BQ-C为30°, ,
∴ . ……………………12分
20. (本小题满分12分)
(1)解:设,
∵
∴
由椭圆定义得:曲线的方程为 ……………………5分
设关于直线的对称点为,则
∵此方程有正根,令其对称轴为,
∴,
∴,
∵,∴。……………………12分
21. (本小题满分12分)
解:(1)f(x)的定义域为(-a,+∞).
f′(x)=1-=.由f′(x)=0,得x=1-a>-a. ……………… (1分)
当x变化时,f′(x),f(x)的变化情况如下表:
x (-a,1-a) 1-a (1-a,+∞)
f′(x) - 0 +
f(x) 极小值
因此,f(x)在x=1-a处取得最小值,
故由题意f(1-a)=1-a=0,所以a=1.……………… (2分)
【法一】:
当k≤0时,取x=1,有f(1)=1-ln2>0,
故k≤0不合题意.
当k>0时,令g(x)=f(x)-kx2,
即g(x)=x-ln(x+1)-kx2.
g′(x)=-2kx=.
令g′(x)=0,得x1=0,x2=>-1.
①当k≥时, ≤0,g′(x)<0在(0,+∞)上恒成立,因此g(x)在[0,+∞)上单调递减,从而对任意的x∈[0,+∞),总有g(x)≤g(0)=0,即f(x)≤kx2在[0,+∞)上恒成立,故k≥符合题意.
②当0<k<时,>0, 对于x∈,g′(x)>0,故g(x)在内单调递增,因此当取x0∈时,g(x0)>g(0)=0,即f(x0)≤kx不成立,故0<k<不合题意.
综上,k的最小值为.………………(7分)
【法二】:显然在上单调递减,
∴,∴在上单调递减,
∴,∴在上单调递减,
∴,∴,从而在上单调递减,……………(6分)
所以
∴k的最小值为.……………… (7分)
(2) 在(1)中取k=,得f(x)≤(x≥0),………………(8分)
证明:当n=1时,不等式左边=2-ln3<2=右边,所以不等式成立.………………(9分)
当n≥2时,
==-ln(2i+1)-ln(2i-1)]
=-ln(2n+1).………………(10分)
从而f≤<(i∈,i>2),
所以有-ln(2n+1)==f(2)+<2-ln3+
=2-ln3+=2-ln3+1-<2.
综上,-ln(2n+1)<2. ……………… (12分)
22.(本小题满分10分)【选修4-1:几何选讲】
(Ⅰ)证明:, ~,
又....................5分
(Ⅱ)解: ~,
........................10分
23.(本小题满分10分)【选修4-4:坐标系与参数方程】
解:(I)将及对应的参数,代入,得,
即,....................2分
所以曲线的方程为(为参数),或
设圆的半径为,由题意,圆的方程为,(或).
将点代入,
得,即.
(或由,得,代入,得),
所以曲线的方程为,或.............5分
(II)因为点, 在在曲线上,
所以,,
所以.
24.(本小题满分10分)【选修4-5:不等式选讲】
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云南省部分名校(玉溪一中、昆明三中)2014届高三第一次联考(11月)数学理 |